Trình bày phương pháp hóa học phân biệt các dung dịch của các chất trong từng dãy sau:
a) $C_2H_5NH_2,  C_6H_5NH_2,  CH_2[CHOH]_4CHO,  CH_2OHCHOHCH_2OH$
-Dùng quỳ tím thì chỉ có $C_2H_5NH_2$ làm quỳ tím hóa xanh ,nhận ra được  $C_2H_5NH_2$ 
-Dùng dung dịch $AgNO_3/ NH_3$ chỉ có dung dịch $ CH_2[CHOH]_4CHO $ phản ưng tráng gương,nhận ra được $ CH_2[CHOH]_4CHO $
-Dùng $Cu(OH)_2$ chỉ có $ CH_2OHCHOHCH_2OH $ tạo dung dịch màu xanh ,nhận ra được  $ CH_2OHCHOHCH_2OH $ 
-Dung dịch còn lại là $ C_6H_5NH_2 $
b) $CH_3NH_2,  C_6H_5OH,  CH_3COOH,CH_3CHO$
-Dùng quỳ tím nhận ra được   $CH_3NH_2$ do hóa xanh quỳ tím và nhận ra được $ CH_3COOH $ do hóa đỏ quỳ tím
-Dùng dung dịch $AgNO_3/ NH_3$ chỉ có dung dịch $ CH_3CHO$ phản ứng tráng gương ,nhân ra dung dịch  $ CH_3CHO$
-Dung dịch còn lại là $ C_6H_5OH $ 

$C_5H_{10} \xrightarrow[t^0,xt]{Cracking}C_2H_4\xrightarrow[H^+]{+H_2O}CH_3CH_2OH\xrightarrow[t^0]{+CuO}CH_3COOH\overset{+Ca(OH)_2}{\rightarrow}(CH_3COO)_2Ca\overset{t^0}{\rightarrow}$
$CH_3COCH_3  \xrightarrow[Ni,t^0]{+H_2} CH_3CH_2(OH)CH_3  \xrightarrow[H_2SO_4  đặc]{t^0} CH_3-CH=CH_2  \xrightarrow[t^0]{+Cl_2}$
$CH_2=CH-CH_2Cl  \xrightarrow[t^0]{+NaOH} CH_2=CH-CH_2OH\overset{+Br_2}{\rightarrow}CH_2Br-CHBr-CH_2OH$ 
$  \xrightarrow[t^0]{+NaOH} CH_2OH-CHOH-CH_2OH$ 

                                  $2H_2O_2\xrightarrow{{xt}} 2H_2O+O_2$
Ta có : $m_{H_2O_2}=\frac{3.1,44.1000}{100}=43,2  gam\Rightarrow  n_{H_2O_2}=\frac{43,2}{34} \Rightarrow V_{O_2}=\frac{1}{2} .\frac{43,2}{34} . 22,4=14,23  lit $ 

Trình bày cách để tách riêng mỗi chất khỏi hỗn hợp sau đây:
a) Hỗn hợp khí: $CH_4$ và $CH_3NH_2$

$CH_4  ,  CH_3NH_2\overset{+dd  HCl}{\rightarrow}dd :A+CH_4\uparrow\Rightarrow $ Thu được $CH_4$
$dd  A\xrightarrow[t^0]{+NaOH}CH_3NH_2\uparrow\Rightarrow $Thu được $CH_3NH_2$

b) Hỗn hợp lỏng: $C_6H_6,  C_6H_5OH$ và $C_6H_5NH_2$

$C_6H_6,  C_6H_5OH,C_6H_5NH_2\overset{+dd HCl}{\rightarrow}dd A+hh:( C_6H_6,  C_6H_5OH )$ 
$dd  A\xrightarrow[t^0]{+NaOH}C_6H_5NH_2\Rightarrow $Thu được $C_6H_5NH_2$
$ C_6H_6,  C_6H_5OH  \overset{+dd  NaOH}{\rightarrow}dd B+C_6H_6\Rightarrow $Thu được $C_6H_6$
$dd B+HCl\rightarrow C_6H_5OH\Rightarrow $Thu được $C_6H_5OH$ 

Bậc của amin dựa vào số gốc hiđrocacbon thay thế cho nguyên tử hidro trong phân tử $NH_3$ còn bậc của ancol lại dựa vào bậc của nguyên tử cacbon
a)  $C_3H_9N:CH_3-CH_2-CH_2-NH_2 ;(CH_3)CH-NH_2   :(amin  bậc  1)$
$CH_3-NH-CH_2-CH_3  :amin  bậc  2 ; (CH_3)_3N:  amin  bậc  3$
b)  $C_5H_{13}N$
Amin bậc một gồm :
$CH_3-CH_2-CH_2-CH_2-CH_2-NH_2;CH_3-CH_2-CH_2-CH(NH_2)-CH_3$
$CH_3-CH_2-CH(NH_2)-CH_2-CH_3;   (CH_3)_2CH-CH_2-CH_2-NH_2 $
$(CH_3)_2CH-CH(NH_2)-CH_3;  (CH_3)_2C(NH_2)-CH_2-CH_3$
$ H_2N-CH_2-CH(CH_3)-CH_2-CH_3;(CH_3)_3C-CH_2-NH_2$
Amin bậc hai gồm:
$CH_3-CH_2-CH_2-CH_2-NH-CH_3;(CH_3)CH-CH_2-NH-CH_3$
$CH_3-CH(CH_3)-CH_2-NH-CH_3;CH_3-CH_2-CH(CH_3)-NH-CH_3$
$(CH_3)_3C-NH-CH_3;CH_3-CH_2-CH_2-NH-CH_2-CH_3$
$(CH_3)_2CH-NH-CH_2-CH_3$
Amin bậc ba gồm:
$(CH_3)_2N-CH_2-CH_2-CH_3; (CH_3)_2N-CH(CH_3)_2;(CH_3-CH_2)_2N -CH_3$
c)  $C_7H_9N$ (amin thơm)  
 0,m,p-$CH_3-C_6H_4-NH_2  ;  C_6H_5-CH_2-NH_2$ 

Gọi công thức trung bình của hai ankan là :
                    $C_\overline{n}H_{2\overline{n}+2} \Rightarrow  C_\overline{n}H_{2\overline{n}+2} +\frac{3\overline{n}+1}{2}O_2\rightarrow  \overline{n} CO_2+( \overline{n} +1)H_2O$
Ta có :$\begin{cases}n_{CO_2}=0,15  mol \\ n_{H_2O}=0,22 \end{cases}\Rightarrow  n_{ C_\overline{n}H_{2\overline{n}+2} }=0,22-0,15=0,07  mol$
$\Rightarrow 0,07. \overline{n}=0,15\Rightarrow \overline{n}= \frac{15}{7 } \Rightarrow n_{O_2}=0,07. \frac{3\overline{n}+1}{2} =0,52  mol\Rightarrow V_{O_2}=11,648  lit$
 

Ta có:$\begin{cases}n_O=n_H \\ n_O+n_H=8 \\  m_O=3m_H \\ m_O+m_H =8 \end{cases}\Rightarrow  \begin{cases}n_O=4 \\ n_H=4 \\  m_O=6 \\ m_H =2 \end{cases} $
Vì $A$ có số oxi hóa cao nhất trong $X$ nên thể hiện số oxi hóa $+4\Rightarrow B$  phải thể hiện số oxi hóa âm hay số oxi hóa của $B:-2\Rightarrow X:AB_2$
Mặt khác : $M_{AB_2}=76\Rightarrow AB_2:CS_2$ 
Vì $m_O=6\Rightarrow B$ ở phân nhóm $VI$ mà $M_B<\frac{M_X}{2}\Rightarrow M_B<38\Rightarrow B$ chỉ có thể là $S,O\Rightarrow $ Lập  bảng với $M_S=32\Rightarrow M_A=12\Rightarrow A:C$ nhận
với $M_O=16\Rightarrow M_A=44$  loại 

a)Giả sử $A$ tạo ra hai oxit : $M_2O_n;M_2O_m\Rightarrow \begin{cases}\frac{16n}{2M+16n}=\frac{50}{100} \\  \frac{16m}{2M+16m}=\frac{60}{100}  \end{cases}\Rightarrow M=8n=\frac{16m}{3}\Rightarrow \frac{n}{m}=\frac{2}{3}$
Mặt khác : $1\leq n;m\leq 7\Rightarrow $ 
+)Nếu $n=2\Rightarrow m=3\Rightarrow M=16 \Rightarrow $ loại 
+)Nếu $n=4\Rightarrow m=6\Rightarrow M=32 \Rightarrow M:S$  nhận .Hai oxit là : $SO_2;SO_3$
b)Theo bài ra ta có :$(a+2)-(-a)=8\Rightarrow a=3$
$\begin{cases} (a+2)-(-a)=8 \\ 3M_{M^+}+M_{Y^{3-}}=149 \\ M_{Y^{3-}} >5. M_{M^+}  \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}a=3 \\ 3M_{M^+}+M_{Y^{3-}}=149  \\ 8. M_{M^+} <149 \end{cases} \Rightarrow \begin{cases}a=3 \\ 3M_{M^+}+M_{Y^{3-}}=149  \\ M_{M^+} <18,625 \end{cases} $ 
$\Rightarrow M^+:NH_4^+\Rightarrow  M_{M^+} =18\Rightarrow  M_{Y^{3-}} =95\Rightarrow  Y^{3-} :PO_4^{3-}\Rightarrow M:(NH_4)_3PO_4$ 
*Chú ý: các ion dều do $5$ nguyên tử cấu tạo nên do đó trong $M^+$ phải chứa  $H$ và nguyên tố còn lại có $a=3\Rightarrow M^+:AH_4^+\Rightarrow A:N$  ! Lý luận tương tự với trường hợp còn lại 

Theo đề bài ta có:
$\begin{cases}2(2P_M+N_M)+(2P_X+N_X)=140 \\ (4P_M+2P_X)-(2N_M+N_M)=44 \\(P_M+N_M)-(P_X+N_X)=23 \\(2P_M+N_M-1)-(2P_X+N_X+2)=31 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}P_M=19 \\ N_M=20 \\P_X=8 \\N_X=8 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}M:K \\ X:O \end{cases}$ 
$\Rightarrow M^+:1s^22s^22p^63s^23p^6$ 
      $X^{2-}:1s^22s^22p^6$ 

a)
$A:R(COOH)_n  ;  n_{KOH}=0,005  mol\Rightarrow M_A=\frac{2,25.n}{0,05}=45n\Rightarrow n=2\Rightarrow HOOC-COOH$
b)
$B:C_xH_yO_z  ;  n_C=0,1  mol  ;  n_H=0,2  mol\Rightarrow n_O=\frac{3-0,1.12-0,2.1}{16}=0,1  mol$ 
$\Rightarrow x:y:z=0,1:0,2:0,1=1:2:1\Rightarrow B:(CH_2O)_n\Rightarrow B:C_nH_{2n}O_n$ 
                                   $C_nH_{2n}O_n +H_2\xrightarrow[t^0]{Ni} C_nH_{2n+2}O_n $
$\Rightarrow M_B=\frac{0,6}{0,01}=60\Rightarrow B:C_2H_4O_2$ 
$B+Na\rightarrow 0,005  mol H_2\Rightarrow B:HOCH_2-CHO$ 

a)Các phương trình phản ứng:
                            $2C_{n-1}H_{2n-1}COOH+2Na\rightarrow 2C_{n-1}H_{2n-1}COONa+H_2\uparrow$

                                     $2C_mH_{2m+1}OH+2Na\rightarrow 2C_mH_{2m+1}ONa+H_2\uparrow$

                                  $2C_{n-1}H_{2n-1}COOH+(3n-2)O_2\rightarrow 2nCO_2+2nH_2O$

                                   $2C_mH_{2m+1}OH+3mO_2\rightarrow 2mCO_2+2(m+1)H_2O$

                                               $CO_2+2NaOH\rightarrow Na_2CO_3+H_2O$

                                       $BaCl_2+Na_2CO_3\rightarrow BaCO_3\downarrow+2NaCl$
b)$n_{H_2}=\frac{1}{2}.(n_A+n_B)=\frac{168.10^{-3}}{22,4}=7,5.10^{-3}  mol\Rightarrow n_A+n_B=0,015  mol                              (1)$
$n_{BaCO_3}=n_{CO_2}=n.n_A+m.n_B=\frac{7,88}{197}=0,04  mol                                                      (2)$
Mặt khác:
$M_A=M_B\Rightarrow 14n+32=14m+18\Rightarrow n=m-1                                                                                                             (3)$
Từ $(1),(2),(3)\Rightarrow \begin{cases}n_A+n_B=0,015 \\ n.n_A+m.n_B=0,04 \\n=m-1 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}n_A=0,005  mol \\ n_B=0,01  mol \\n=2 \\m=3 \end{cases}$
                                        $A:CH_3COOH   ;      B:C_3H_7OH$

     $*$Chú ý: Từ $(1),(2)\Rightarrow \frac{n.n_A+m.n_B}{n_A+n_B}=\frac{0,04}{0,015}=2,667\Rightarrow \overline{n,m}=2,667$
Kết hợp với $(3)\Rightarrow \begin{cases}n=2 \\ m=3 \end{cases}$
c)Ta có : $p=10.(n_A.M_A+n_B.M_B)=10.M_A.(n_A+n_B)=10.60.0,015=9  gam$
                                                          Vì $M_A=M_B$

$$O_3+2KI+H_2O\rightarrow O_2\uparrow+2KOH+I_2$$
$\Rightarrow n_{I_2}=0,05  mol\Rightarrow n_{O_3}=0,05  mol\Rightarrow n_{O_2}=0,1-0,05=0,05  mol$ 
$\Rightarrow \%O_2= \%O_3=50\% $ 

a)  Rửa lọ đựng anilin : $dd  CH_3COOH     or    dd  HCl$
b)  Khử mùi tanh của cá trước khi nấu : $dd  CH_3COOH$

               $(C_6H_5OH;C_6H_5NH_2;C_6H_5R)\overset{HCl}{\rightarrow} C_6H_5NH_3Cl\downarrow$

        $(C_6H_5OH;C_6H_5NH_2;C_6H_5R)\overset{dd  Br_2}{\rightarrow} C_6H_2(Br)_3NH_3Cl_{tan}+C_6H_2(Br)_3OH
\downarrow $

$\Rightarrow n_{ C_6H_5OH }=n_{ C_6H_5NH_2 }=0,1  mol\Rightarrow C_{M( C_6H_5OH )}=C_{M( C_6H_5NH_2 )}=1M$

amoni fomat:$HCOONH_4:x  mol$,
metyl amoni axetat :$CH_3COOH_3NCH_3 : y  mol$,
amoni axetat  :$CH_3COONH_4 : z  mol$
        $ 2,5x+4,5y+3,5z=\frac{23,4}{18}=1,3$
$\Rightarrow 14.( 2,5x+4,5y+3,5z )=35x+63y+49z=18,2                              (1)$ 
        $63x+91y+77z=29,4                                                                                                                      (2)$ 
$(2)-(1)\Rightarrow 28(x+y+z)=11,2\Rightarrow x+y+z=0,4\Rightarrow V=0,4.22,4=8,96  lit$