$n_{Cr_2O_3}=2x  mol  ;  m_{CuO}=2y  mol  ; n_{Fe_3O_4}=2z  mol  ;n_{HCl}=1,1  mol  ; n_{Ni}=0,05  mol$ 
                                $ Cr_2O_3 +6HCl\rightarrow 2CrCl_3+3H_2O$ 
                                  $ CuO +2HCl\rightarrow CuCl_2+H_2O$ 
                          $ Fe_3O_4 +8HCl\rightarrow FeCl_2+2FeCl_3+4H_2O$ 
                                $ 2FeCl_3 +Ni\rightarrow  2FeCl_2+  NiCl_2$
                                    $ CuCl_2 +Ni\rightarrow Cu+ NiCl_2 $
Theo bài ra ta có:
$\begin{cases}12x+4y+16z=1,1 \\ y+z=0,05 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}x+z=0,075  mol \\ y+z=0,05  mol \end{cases}$ 
$m_{muối}=317x+135y+452z= 317(x+z)+135(y+z)=30,525  gam \Rightarrow C$ là đáp án  

Ta có:
$n_{Mg}=0,08  mol  ;   n_{Fe}=0,08  mol  ; n_{HCl}=0,24  mol $
 $n_{O_2}=x  mol  ;   n_{Cl_2}=y  mol$
Các bạn chú ý : $Fe^{2+}+Ag^+\rightarrow Fe^{3+}+Ag\downarrow $ 
Như vây:
                      $Mg-2e\rightarrow  Mg^{2+} $ 
                     $Fe-3e\rightarrow  Fe^{3+} $  
                      $O_2+4e\rightarrow 2O^{2-}$
                     $Cl_2+2e\rightarrow 2Cl^-$
                     $Ag^++e\rightarrow Ag \downarrow $
                    $2H^++ O^{2-} \rightarrow H_2O$
                $ Ag^++  Cl^- \rightarrow  AgCl \downarrow $
Áp dụng dịnh luật bảo toàn electron ta có:
 $2.0,08+3.0,08=4x+2y+n_{Ag \downarrow }\Rightarrow  4x+2y+n_{Ag \downarrow } =0,4  mol                      (1)$
                                      $ n_{HCl} =2n_{ O^{2-}}\Rightarrow x=\frac{0,24}{4}=0,06  mol                                                      (2) $ 
$108. n_{Ag \downarrow } +143,5.(2y+0,24)=56,69\Rightarrow  108. n_{Ag \downarrow }+287y=22,25        (3)$ 
Từ $(1),(2),(3)\Rightarrow \begin{cases}x=0,06  mol \\ y=0,07  mol \\ n_{Ag \downarrow } =0,02  mol \end{cases}\Rightarrow \%Cl_2=53,85\%$ 

Ngâm lá và thân cây thanh hao hoa vàng đã băm nhỏ trong n-hexan là chiết suất.
Tách phần chất lỏng, đun và ngưng tụ để thu hồi n-hexan  là chưng cất 
Qua cột sắc kí và cho các dung môi thích hợ chạy qua để thu từng thành phần của tinh dầu  là kết tinh
Do đó kĩ thuật không được sử dụng là:  $B$. Chưng cất lôi cuốn hơi nước
 

Gọi công thức của ankin là $C_nH_{2n-2}:y  mol;n_{H_2}=x  mol$
Vì  : $\overline{M}_Y=16\Rightarrow Y:(H_2, C_nH_{2n+2})$
Phương trình :
                   $2H_2+ C_nH_{2n-2} \xrightarrow[t^o]{Ni} C_nH_{2n+2} $ 
Theo bài ra ta có :
$\begin{cases}\frac{2x+y(14n-2)}{x+y}=0,6.16 \\  \frac{2(x-2y)+y(14n+2)}{(x-2y)+y} =16 \end{cases}\Rightarrow \frac{(x-2y)+y}{x+y}=0,6\Rightarrow x=4y \Rightarrow  n=3$ 
 Như vậy hỗn hợp sau phản ứng là : $H_2  ,  C_3H_8$ không bị hấp thụ $\Rightarrow m=0$

$n_{Fe}=0,15  mol ;n_{H_2SO_4}=0,4  mol$
             $2Fe   +      6H_2SO_4\rightarrow Fe_2(SO_4)_3+3SO_2+6H_2O$ 
             $\frac{0,4}{3}                      0,4                            \frac{0,2}{3}$ 
             $Fe          +            Fe_2(SO_4)_3 \rightarrow     3FeSO_4$ 
$(0,15- \frac{0,4}{3} )                                                                         0,05$
 $m=[\frac{0,2}{3}-(0,15- \frac{0,4}{3} )].400+0,05.152=27,6  gam$

Ta có:
$\begin{cases}n_{CO}+n_{H_2}=0,2  mol \\ \frac{ 28.n_{CO}+2.n_{H_2} }{ n_{CO}+n_{H_2} }=2.4,25 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases} n_{CO}=0,05  mol \\  n_{H_2} =0,15  mol \end{cases}$ 
$\Rightarrow n_{CO_2  max}=n_{CO}=0,05  mol$ 
Mặt khác :$n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=0,07  mol\Rightarrow $ Vô lý 
Vậy đề bài của bạn bị sai ! 

$Fe_xO_y\overset{H_2SO_4  đn}{\rightarrow}Fe_2(SO_4)_3+SO_2$
$ Fe_2(SO_4)_3 \overset{NaOH}{\rightarrow}Fe(OH)_3\overset{t^o}{\rightarrow}Fe_2O_3$ 
$\Rightarrow C$  là đáp án đúng ! 

Chọn đáp án $B$

Câu $1$ : Viết phương trình chứng minh tính khử và tính oxi hoá của $N_2$
$N_2+O_2\overset{điện   hồ  quang}{\rightarrow}2NO$
$N_2+6Li\rightarrow 2Li_3N$ 
Câu $2$:   Viết phương trình chứng minh $NH_3$ có tính khử mạnh và tính bazơ yếu
$2NH_3+3CuO\rightarrow 3Cu+3H_2O+N_2$
$NH_3+Al(OH)_3\rightarrow $không phản ứng
Câu $3$ : Chứng minh $P$ có tính khử và tính oxi hoá
$4P+5O_2\rightarrow P_2O_5$
$3Na+P\rightarrow Na_3P$
Câu $4$ : Chứng minh $HNO_3$ có tính oxi hoá và tính axit
$3Cu+8HNO_3\rightarrow 3Cu(NO_3)_2+2NO+4H_2O$
$ HNO_3 +NaHCO_3\rightarrow NaNO_3+CO_2+H_2O$
Câu $5$ : Sơ đồ phản ứng
a) $NH_4NO_3 \rightarrow NH_3 \rightarrow N_2 \rightarrow NH_3 \rightarrow NO \rightarrow NO_2 \rightarrow HNO_3\rightarrow NH_4NO_3$
$NH_4NO_3 +NaOH\rightarrow NaNO_3+NH_3+H_2O$
$ 2NH_3+ 2,5O_2\overset{Pt}{\rightarrow}2NO+3H_2O$
$2NO+O_2\rightarrow NO_2$
$4NO_2+O_2+2H_2O\rightarrow 4HNO_3$
$ HNO_3 +NH_3\rightarrow NH_4NO_3$

Các phần còn lại bạn tự làm nhé ! và lần sau đừng viết đề dài như vậy !
Bạn viết dài thế không ai giúp bạn đâu ! Tôi chỉ làm những bài đơn lẻ chứ không phải 1 bài thành gần 10 bài ! 

Ta có:
$\begin{cases}n_{N_2}+n_{N_2O}=0,05  mol \\ \frac{28.n_{N_2}+44.n_{N_2O}}{n_{N_2}+n_{N_2O}}=2.18 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}n_{N_2}=0,025  mol \\ n_{N_2O}=0,025  mol \end{cases}$
Ta lại có:
$Mg-2e\rightarrow Mg^{2+}$
$2NO_3^-+10e+12H^+\rightarrow N_2+6H_2O$
$2NO_3^-+8e+10H^+\rightarrow N_2O+5H_2O$
Áp dụng định luật bảo toàn electron ta có:
   $2n_{Mg}=10n_{N_2}+8n_{N_2O}\Rightarrow n_{Mg}=0,225  mol\Rightarrow m=5,4  gam$

Các phương trình :
                                  $CaC_2+2H_2O\rightarrow Ca(OH)_2+C_2H_2$
                                       $x  mol                     x  mol         x  mol$
                  $Al_4C_3+12H_2O\rightarrow 4Al(OH)_3\downarrow+3CH_4$
                  $y  mol                              4y  mol         3y  mol$
          $Ca(OH)_2+2Al(OH)_3\rightarrow Ca(AlO_2)_2+4H_2O$
           $x  mol             2x  mol             x  mol$
                   $C_2H_2+2,5O_2\rightarrow 2CO_2+H_2O$
                  $x  mol                      2x  mol$
                $CH_4+2O_2\rightarrow CO_2+2H_2O$
                 $3y  mol                3y  mol$
        $CO_2+3H_2O+Ca(AlO_2)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+2Al(OH)_3\downarrow$
         $x  mol                      x  mol               x  mol             2 x  mol$
           $CO_2+H_2O+CaCO_3\rightarrow Ca(HCO_3)_2$
        $(2x-x)                x  mol$
Theo bài ra ta có:
$\begin{cases}4y-2x=\frac{7,8}{78} \\ 2x=\frac{9,984}{78} \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}x=0,064  mol \\ y=0,057  mol \end{cases}\Rightarrow m=0,064.64+0,057.144=12,304  gam$

                           $Al_2(SO_4)_3\rightarrow 2Al^{3+}+3SO_4^{2-}$
                             $Ba(OH)_2\rightarrow Ba^{2+}+2OH^-$
                              $ Ba^{2+}+  SO_4^{2-} \rightarrow BaSO_4\downarrow $
                             $ Al^{3+}+ 3OH^-\rightarrow Al(OH)_3 \downarrow  $
                          $ Al^{3+}+ 4OH^-\rightarrow AlO_2^-+2H_2O $ 
Gọi số mol  :  $ n_{Al_2(SO_4)_3}=x  mol \Rightarrow n_{Al^{3+}}=2x  mol;n_{SO_4^{2-}}=3x  mol$
*Nếu : $x\leq 0,04  mol\Rightarrow $ Cả hai trường hợp đều không còn kết tủa hiđroxit nhôm do đó lượng kết tủa thu được trong hai trường hợp này là như nhau nên loại 
*Nếu : $0,04<x\leqslant 0,0475\Rightarrow $trường hợp đầu còn  kết tủa hiđroxit nhôm và trường hợp hai  kết tủa hiđroxit nhôm không còn .Theo bài ra ta có :
$\frac{3x.233+(4.2x-0,32).78}{3x.233}=\frac{2,256a}{2a}\Rightarrow \frac{1323x-24,96}{699x}=1,128\Rightarrow x=0,0467$ nhận 
 $\Rightarrow m=15,97  gam$
Hoàn toàn tương tự xét các trường hợp còn lại : đều loại

Tóm lại:                               $m=15,97  gam$