|
|
giải đáp
|
dien li 11! giup minh voi
|
|
|
|
Câu $2$ $n_{CH_3COONa}=0,015 mol$ $CH_3COONa\rightarrow CH_3COO^-+Na^+$ $CH_3COOH\rightleftharpoons CH_3COO^- + H^+$ Ban đầu $0,04 mol 0,015 mol$ Phân li $x mol (0,015+x) mol x mol$ Cân bằng $(0,04-x) (0,015+x) x $ $\Rightarrow \frac{[CH_3COO^-].[H^+]}{[CH_3COOH]}=\frac{\frac{(0,015+x)}{0,2}.\frac{x}{0,2}}{\frac{(0,04-x)}{0,2}}=\frac{0,2(0,015+x)x}{0,04-x}=1,75.10^{-5}$ $\Rightarrow x\approx 2,33.10^{-4}\Rightarrow pH\approx -lg[H^+]=-lg(2,33.10^{-4})$
|
|
|
|
giải đáp
|
dien li 11! giup minh voi
|
|
|
|
Bài $1$
$\begin{cases}n_{Fe}=0,02 mol \\ n_{[H^+]}=\frac{100(0,1.1+0,1.2+0,2.1)}{1000}=0,05 mol\\n_{Cl^-}=0,01 mol\\n_{SO_4^{2-}}=0,01 mol \\n_{NO_3^-}=0,02 mol \end{cases}$ Dễ thấy trong quá trình phản ứng thì $NO_3^-$ luôn thể hiện tính oxi hóa mạnh hơn $H^+$ Như vậy với mọi tình huống thì $H^+$ đều phản ứng hết ! Do đó $pH>7$ vì có phản ứng thủy phân (muối của axit mạnh và bazơ yếu thủy phân tạo môi trường bazơ) |
|
|
|
giải đáp
|
Axit cacboxylic(72).
|
|
|
|
$X:C_\overline{n}H_{2\overline{n}+1}COONa \Rightarrow $ $2C_\overline{n}H_{2\overline{n}+1}COONa\overset{+O_2}{\rightarrow}(2\overline{n}+1)CO_2+(2\overline{n}+1)H_2O+Na_2CO_3$ $n_{Na_2CO_3}=0,025 mol\Rightarrow 0,025(2\overline{n}+1)(44-18)=3,51\Rightarrow \overline{n}=2,2 $ Coi $X$ chỉ gồm hai muối $\begin{cases}HCOONa:0,01 mol \\C_nH_{2n+1}COONa:(2.0,025-0,01) \end{cases}$ $\Rightarrow \frac{0.0,01+n.0,04}{0,05}=2,2\Rightarrow n=2,75\Rightarrow X:\begin{cases}HCOONa \\ C_2H_5COONa\\C_3H_7COONa \end{cases}$ |
|
|
|
giải đáp
|
Axit hữu cơ(tt).
|
|
|
|
Đây thực chất là một bài toán trong đề thi đại học năm 2011 ! Để làm bài toán này một cách đơn giản chúng ta phải dựa vào cả đáp án ! Tôi bổ sung thêm bốn đáp án như sau : $A:CH_3COOH ; HOOC-CH_2-CH_2-COOH$ $B:HCOOH ; HOOC-COOH$ $C:CH_3CH_2COOH ; HOOC-COOH$ $D:CH_3COOH ; HOOC-CH_2-COOH$ Cách giải: $\begin{cases}m_{hh}=15,52 gam \\ n_X>n_Y \\n_{N_2}=\frac{5,6}{28}=0,2 mol \\n_{CO_2}=\frac{10,752}{22,4}=0,48 mol\end{cases}\Rightarrow n_{\overline{C}}=\frac{0,48}{0,2}=2,4$ $*)$Với đáp án $B\Rightarrow \begin{cases}n_X>n_Y \\ n_{\overline{C}}=\frac{1.n_X+2.n_Y}{n_X+n_Y}<1+\frac{n_Y}{n_X+n_Y} \end{cases}\Rightarrow n_{\overline{C}}<1,5\Rightarrow loai$ $*)$Với đáp án $C\Rightarrow n_{\overline{C}}>2,5\Rightarrow loai$ $\Rightarrow $Đáp án chỉ có thể là $:A$ hoặc $D$ Đến đây ta chọn một trong hai đáp án để thử trực tiếp ! Giả sử chọn $:A$ để thử dễ dàng thấy không thỏa mãn suy ra không cần thử nữa cũng biết $:D$ là đáp án đúng ! Tóm lại đáp án là $:\begin{cases}X:CH_3COOH \\Y:HOOC-CH_2-COOH \end{cases}$ Bạn nào nhanh tay bài này mất không quá một phút là làm ra ! |
|
|
|
|
|
|
|
giải đáp
|
Bài tập về số đồng phân
|
|
|
|
Các đồng phân thỏa mãn đề bài là: $HC\equiv C-CH_2-CH_2-C\equiv CH ; HC\equiv C-CH(CH_3)-C\equiv CH$ |
|
|
|
giải đáp
|
Axit hữu cơ.
|
|
|
|
$C_2H_6+Br_2\overset{as}{\rightarrow}C_2H_5Br+HBr$ $C_2H_5Br+NaOH\rightarrow C_2H_5OH+NaBr$ $(C_2H_5Br+H_2O\overset{OH^-}{\rightarrow}C_2H_5OH+HBr)$ $2C_2H_5OH+O_2\overset{Cu}{\rightarrow}2CH_3CHO+2H_2O$ $(C_2H_5OH+CuO\rightarrow CH_3CHO+H_2O+Cu)$ $2CH_3CHO+O_2\overset{Mn^{2+}}{\rightarrow}2CH_3COOH$ |
|
|
|
|
|
|
|
giải đáp
|
giup minh vs
|
|
|
|
$\overline{R}CH_2OH+CuO \rightarrow \overline{R}CHO+Cu+H_2O $ $n_{\overline{R}CH_2OH }=n_{CuO}=\frac{4,8}{80}=0,06 mol\Rightarrow M_{\overline{R}CH_2OH} =\frac{2,2}{0,06}\Rightarrow M_{\overline{R} }=5,667$ $\Rightarrow \begin{cases}HCHO:x mol \\ RCHO:y mol \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}x+y=0,06 \\ 4x+2y=\frac{23,76}{108} \end{cases}\Rightarrow \begin{cases}x=0,05 mol \\ y=0,01 mol \end{cases}$ $\Rightarrow m_{RCH_2OH}=2,2-0,05.32=0,6 gam\Rightarrow M_{RCH_2OH}=\frac{0,6}{0,01}=60$ $\Rightarrow C_2H_5CH_2OH\Rightarrow \begin{cases}CH_3OH \\ CH_3CH_2CH_2OH\end{cases}$ |
|
|
|
giải đáp
|
giup minh vs
|
|
|
|
$(C_6H_{10}O_5)_n\overset{+H_2O}{\rightarrow}nC_6H_{12}O_6\overset{enzim}{\rightarrow}n(2C_2H_5OH+2CO_2)$ $CO_2+Ca(OH)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O$ $2CO_2+Ca(OH)_2\rightarrow Ca(HCO_3)_2$ $\Rightarrow m_{CO_2}=330-132=198 gam$ $162 gam\rightarrow 88 gam CO_2$ $\Rightarrow m=\frac{198.162.100}{88.90}=405 gam$ |
|
|
|
giải đáp
|
giup minh voi ! can gap
|
|
|
|
$1 lit\Rightarrow m_{dd}=1000 gam\Rightarrow m_{HCOOH}=4,6 gam\Rightarrow n_{HCOOH}=0,1 mol$ $HCOOH\rightleftharpoons HCOO^-+H^+$ $x x x$ $\Rightarrow \frac{[HCOO^-].[H^+]}{[HCOOH]}=K_a\Rightarrow \frac{x.x}{0,1-x}=1,5.10^{-4}\Rightarrow x\simeq 3,87.10^{-3}$ $\Rightarrow \alpha =\frac{x.100}{0,1}=3,87\%$ $\Rightarrow [H^+]=3,87.10^{-3} M$ |
|
|
|
giải đáp
|
giup minh voi ! can gap
|
|
|
|
$CH_3COOH\rightleftharpoons CH_3COO^-+H^+$ $x x x$ $n_{CH_3COOH}=0,001 mol$ $\Rightarrow \frac{x}{0,001}=\frac{5}{100}\Rightarrow x=5.10^{-5}$ $n_{CH_3COOH}+n_{CH_3COO^-}+n_{H^+}=10^{-3}+5.10^{-5}$ $\Rightarrow N=N_o.(10^{-3}+5.10^{-5})=6,023.10^{23}.(10^{-3}+5.10^{-5})=6,32415.10^{20}$ |
|
|
|