|
|
được thưởng
|
Đăng nhập hàng ngày 10/05/2013
|
|
|
|
|
|
|
|
sửa đổi
|
lưu huỳnh hợp chất của lưu huỳnh
|
|
|
|
Từ tỉ lệ số mol ta tính được $n_{Fe} = 0,1$ mol , $n_{Mg} = 0,2$ mol , $n_{Cu} = 0,3$ mol$n_{SO_2} = 3,36/22,4 = 0,15$ mol . Nhận thấy $n_{SO_2} < n_{Mg}$ => chỉ có $Mg$ pư . muối tạo thành là $MgSO_4$ $n_{Mg}$(pư) = $n_{SO_2} = 0,15$ mol => $n_{MgSO_4} = n_{Mg} = 0,15$ mol => $m_{MgSO_4} = 0,15.120 = 18$ gam
Từ tỉ lệ số mol ta tính được $n_{Fe} = 0,1$ mol , $n_{Mg} = 0,2$ mol , $n_{Cu} = 0,3$ mol$n_{SO_2} = 3,36/22,4 = 0,15$ mol . $m_{muối} = m_{Cu} + m_{Mg} + (96:2). 2 .n_{SO_2}= 38,4$
|
|
|
|
|
|
giải đáp
|
lưu huỳnh hợp chất của lưu huỳnh
|
|
|
|
Từ tỉ lệ số mol ta tính được $n_{Fe} = 0,1$ mol , $n_{Mg} = 0,2$ mol , $n_{Cu} = 0,3$ mol
$n_{SO_2} = 3,36/22,4 = 0,15$ mol . $m_{muối} = m_{Cu} + m_{Mg} + (96:2). 2 .n_{SO_2}= 38,4$
|
|
|
|
giải đáp
|
lưu huỳnh hợp chất của lưu huỳnh
|
|
|
|
$H_2S + 3/2O_2 => SO_2 + H_2O$
thể tích giảm đi là thể tích $H_2O => n_{H_2O} = 6,72/22,4 = 0,3$ mol
Theo pt : $n_{SO_2} = n_{H_2O} = 0,3$ mol
$n_{NaOH} = \frac{32.1,25.40}{100.40} = 0,4$ mol
$1 < n_{NaOH}/n_{SO_2} = 0,4/0,3 = 1,33 < 2$ => tạo $2$ muối $Na_2SO_3$ và $NaHSO_3$ với số mol $a,b$
$\left\{ \begin{array}{l} 2a + b = 0,4\\ a + b = 0,3 \end{array} \right.$
=> $a = 0,1$ và $b = 0,2$
$m_{dd} = m_{SO_2} + m_{NaOH} = 0,3.64 + 32.1,25 = 59,2$
=> %$Na_2SO_3 = 0,1.126/59,2 .100$% = $21,28$%
%$NaHCO_3 = 0,2.104/59,2 . 100$% = $35,135$%
|
|
|
|
giải đáp
|
bài toán về H2SO4
|
|
|
|
$n_{H_2SO_4} = n_{H_2} = 0,336/22,4 = 0,015$ (theo bảo toàn nguyên tố)
$m_{kim loại} + m_{H_2SO_4} = m_{muối} + m_{H_2}$
=> $m_{muối} = m_{kim loại} + m_{H_2SO_4} - m_{H_2} = 5,2 + 0,015.98 - 0,015.2 = 6,64$ => Đáp án $D$
$V_{H_2SO_4} = 0,015/0,5 = 0,03$ lít => $D$
|
|
|
|
giải đáp
|
hỗn hợp 3 kim loại
|
|
|
|
$m_{muối} = m_{oxit} + m_{H_2SO_4} - m_{H_2O}$ ( theo bảo toàn khối lượng)
với $n_{H_2O} = n_{H_2SO_4}$ (theo bảo toàn nguyên tố)
=> $m_{muối} = 2,81 + 0,03.98 - 0,03.18 = 5,21$ => Đáp án $C$
|
|
|
|
giải đáp
|
một bài hóa 10 nữa nè?
|
|
|
|
nhận thấy $M \overset{H_2O}{\rightarrow} \overset{H_2SO_4}{\rightarrow} MSO_4$ => $\frac{M}{M + 96} = 0,588$ => $M = 137$ => $M$ là $Ba$ . Đáp án $D$ |
|
|
|
giải đáp
|
hóa 10 chương oxi
|
|
|
|
$A$ là $PbSO_4$ , $B$ là $PbCl_2$ . Gọi $C_M$ ($Pb(NO_3)_2$) = $a$ $n_{PbSO_4} = 0,1a , n_{PbCl_2} = 0,1a$ => $0,1a.303 - 0,1a.278 = 3$ => $a = 1,2$M => Đáp án $D$ |
|
|
|
giải đáp
|
hoá vô cơ đẩy e
|
|
|
|
sau pư dung dịch chứa $2$ muối => $CuSO_4$ hết . Giả sử số mol $Mg,Fe$ pư là $a,b$ $m_{kim loại tăng} = a.(64 - 24) + b.(64 - 56) = 6,9 - 5,1 = 1,8$ ($1$) $Z \overset{NaOH }{\rightarrow} Mg(OH)_2 , Fe(OH)_2 \overset{t , kk}{\rightarrow} MgO,Fe_2O_3$ => $m_{chất rắn} = a.40 + b.80 = 4,5$ ($2$) Giải hệ ($1$) ,($2$) được $a = b = 0,0375$ mol => $n_{CuSO_4} = a + b = 0,075$ mol => $C_M = 0,075/0,25 = 0,3$M |
|
|
|
giải đáp
|
hóa
|
|
|
|
$n_{Ag} = 0,4$ mol một este có dạng $HCOOR$ và vì $2$ gốc axit là đồng đẳng liên tiếp nên este còn lại là $CH_3COOR'$ $n_{HCOOR} = 1/2n_{Ag} = 0,2$ mol $n_{CH_3COOR'} = 0,3$ mol . => $n_{HCOOR} : n_{CH_3COOR'} = 2 : 3$ Trong $14,08$g $X$ là: $n_{HCOOR} = 2a$ mol, $n_{CH_3COOR'} = 3a$ mol vì $2$ ancol liên tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên ta xét $2$ trường hợp sau: - TH$1$ : $R' = R + 14$ hệ phương trình: $\left\{ \begin{array}{l} 2a(45+R) + 3a(59+R+14) =14,08\\ 2a(R+17) + 3a(R+14+17) = 8,256 \end{array} \right.$ => $a = 0,032$ mol ; $R = 26,2$ (loại) - TH$2$ : $R = R' + 14$ hệ phương trình: $\left\{ \begin{array}{l} 2a(45+R'+14) + 3a(59+R') =14,08\\ 2a(R'+14+17) + 3a(R'+17) = 8,256 \end{array} \right.$ => $a = 0,032$ mol ; $R'=29$ => $R'$ là $C_2H_5-$ và $R$ là $C_3H_7-$ |
|
|
|
bình luận
|
hóa
đề thiếu dữ kiện rồi e ạ
|
|
|
|
|
|
|
|
giải đáp
|
Khái quát về Ancol - Lý tính(1).
|
|
|
|
từ giả thiết ta có $n_C : n_H : n_O = 4,8/12 : 1 : 1,6/16 = 4 : 10 : 1$
do ancol đơn chức => CTPT của $X$ là $C_4H_{10}O$
đô bất bão hòa $k = (4.2 - 10 + 2)/2 = 0$ => rượu no
CTCT : $CH_3-CH_2-CH_2-CH_2OH , CH_3CH_2CH(OH)CH_3,
CH_3CH(CH_3)CH_2OH, HO-C(CH_3)_3$
|
|
|
|
giải đáp
|
Bài tập phản ứng thế H của nhóm OH.
|
|
|
|
rượu làm mất màu $Br_2$ là Anlylic
$CH_2=CH-CH_2OH + Br_2 => CH_2BrCHBr-CH_2OH$
+ rượu tạo phức xanh với $Cu(OH)_2$ là etylenglycol ( $OHCH2-CH2OH$)
+ còn lại là $C_2H_5OH$
|
|
|
|