|
|
giải đáp
|
hóa hữu cơ lớp 11 (11)
|
|
|
|
1.Hai hidrocacbon no => ankan CTTB 2 ankan : CnH2n+2 = 12x2 => n = 11/7 $C_\frac{11}{7}H_{\frac{36}{7}} + O2 => \frac{11}{7}CO2 + \frac{18}{7}H2O$ 0,7 1,1 1,8 => m CO2 = 48,4 , mH2O = 32,4 => B 2.
|
|
|
|
giải đáp
|
hóa hữu cơ lớp 11 (10)
|
|
|
|
1. n C3H8 ban đầu = 0,2 mol n C3H8 p/ư = 0,18 mol n sau pứ – n trước pứ = n craking => n sau = n trước + ncracking = 0,2 + 0,18 = 0,38 mol => m sau = m trước = 8,8g => M sau = 8,8/0,38 = 23,16
=> B 2.Chon nCO2 = 11 => nH2O = 15 => n ankan = 15-11 = 4 => C TB = 11:4 = 2,75 => C2H6 và C3H8 => % 25 : 75 % Mẹo : phần trăm thể tích lấy sau đấu "," đó bạn : ở đây 2,75 thì là 75% và 25% ( Có thể bạn đã biết)
|
|
|
|
giải đáp
|
thắc mắc
|
|
|
|
1. Không được bạn à , giả sử 2 hidrocacbon gồm anken và ankan thì đốt vẫn cho nCO2 < nH2O 2. Không đúng nữa vì trong hợp chất có thế nguyên tố O nên không thể bảo toàn nguyên tố O theo công thức đấy được |
|
|
|
giải đáp
|
hidrocacbon lớp 11
|
|
|
|
Đáp án B là metan và etan n-Butan là butan mạch thẳng , ko nhánh
|
|
|
|
giải đáp
|
lam nhanh voi (30 phut sau)
|
|
|
|
Dùng quỳ tím Qùy tím hóa đỏ là HCl và H2SO4 (X) Qùy tím hóa xanh là Ba(OH)2 Cho Ba(OH)2 vào (X) kết tủa là H2SO4 còn lại là HCl Ba(OH)2 + H2SO4 -> Ba(SO4)2 + H2O |
|
|
|
giải đáp
|
lam on giup nhanh voi
|
|
|
|
Fe + HCl --> FeCl2 + H2 0,2 0,2 0,2 m Fe = 0,2 => m = 11,2 => m oxit = 16 nH+(HCl)= nH+(hoà tan oxit ) + nH+(khí ) => 05x2= nH+(hoà tan oxit ) + 2.0,2 => nH+(hoà tan oxit ) = 0,6 mol nO(oxit) = ½ nH+(hoà tan oxit ) = 0,3 mol => m O (oxit) = 0,3 x 16 = 4,8 => m Fe = 16 - 4,8 = 11.2 => n = 0,2 => Fe2O3
|
|
|
|
giải đáp
|
can gap hoa 11
|
|
|
|
n H2O = 0,105 n CO2 > n H2O => Ankadien hoac ankin => CTTQ X: CnH2n-2 : nX = n CO2 - n H2O = 0,035 => SỐ C = 4 => C4H6 X có thể trunh2 hợp tạo cao su => là buta-1,3-dien |
|
|
|
giải đáp
|
hóa hữu cơ (3)
|
|
|
|
CnH2n+2 --> CnH2n + H2 x x x M = 22 => Hỗn hợp khí gồm CnH2n và H2 $\frac{14n x + 2x}{x + x} = 22 =>7n+1=22 => n = 3 => C3H8$ |
|
|
|
giải đáp
|
hóa hữu cơ 11 (3)
|
|
|
|
1. M trung bình = 49.6 = 14n + 2 => n = 3,4 => % 40 và 60 . Lấy sau dấu phải đấy là ra phần trăm theo thể tích C 2. n Ankan = nH2O - nCO2 = 0,05 B |
|
|
|
giải đáp
|
Kết tủa lớn nhất
|
|
|
|
Hiểu nôm na là phản ứng vừa đủ để kết tủa vừa tạo ra không bị tan, khi đó đạt max . VD : AlCl3 + 3NaOH --> Al(OH)3 + 3NaCl m kết tủa max <=> n AlCl3 = 3 nNaOH Nếu n NaOH lớn hơn thì kết tủa sẽ bị tan ra một phần hoặc ko còn kết tủa
|
|
|
|
giải đáp
|
hóa hữu cơ 11 (2)
|
|
|
|
a. HC A là Hidrocacbon => BTNT O : n CO2 = n O2 - $\frac{1}{2}$n H20 = 0,35 - 0,15 = 0,2 mol n CO2 < n H2O => Ankan n Ankan = 0,1 => C2H6
b. Cracking butan được X , đốt X koi như đốt butan C4H10 ----> 5H20 0,1 ----------> 0,5 => m H2O = 9 gam
|
|
|
|
giải đáp
|
hóa hữu cơ 11
|
|
|
|
m tăng = m CO2 + mH20 CH2O khi đốt sẽ cho n CO2 : nH2O theo tỉ lệ 1:1 => 44x + 18x = 24,8 => x = 0,4 => C tb = 4 => C4H8O4 ( D ) |
|
|
|
giải đáp
|
Tính hiệu suất của quá trình
|
|
|
|
Ban đầu CH4 là 1 mol => m = 16 gam
$2CH4 -> C2H2 + 3H2$ BĐ: $ 1mol $ PƯ : $x mol -> \frac{x}{2} mol \frac{3x}{2}mol$ Sau: $1-x mol \frac{x}{2} mol \frac{3x}{2} mol$ $\Sigma n sau = (1 + x ) mol$ BTKL $m sau = 5\times 2 \times ( 1 + x) = 16 => x = 0,6 => H = 60$
|
|
|
|
giải đáp
|
Tìm CTPT của 2 hiđrocacbon
|
|
|
|
n CO2 = 0,2 n H2O = 0,3 n ankan = 0,3 -0,2 = 0,1 số C tb= 0,2 : 0,1 = 2 => Có 1 chất nhỏ hơn 2C là CH4 , hơn nhau 28 dvc => C3H8
|
|
|
|
giải đáp
|
BT ankan
|
|
|
|
a>. m C = $\frac{57,2}{44}\times 12$ = 15,6 $m H = 19,8 - 15,6 = 4,2 g => n H = 4,2 mol 2H ---->H2O 4,2---->2,1 => m H2O = 37,8 g b> n Ankan = n H2O - n CO2 = 0,8 mol $\overline{M} = 19,8 : 0,8 = 24,75 => CH4 và C2H6 $ Thể tích tự làm , dễ thui! |
|