n$H2$=11,2/22,4=0,5 mol

n$H2O$=13,5/18=0,75 mol

$CH2=CH-CHO$ + $H2$ => $CH3CH2CH2OH$

$Na$      + $H2O$ => $NaOH$ + ½ $H2$

0,75 mol<=0,75 mol                 =>0,375 mol

$CH3CH2CH2OH$ + $Na$ =>$CH3CH2CH2ONa$ +½ $H2$

0,25 mol<=               0,25 mol<=      0,25 mol<=     0,125 mol

n$CH3CH2CH2ONa$=0,25 mol=n$CH3CH2CH2OH$

=>m$CH3CH2CH2OH$=60.0,25=15g

Gọi hh khí trên có CTTQ C4Hx do 3 chất là $C4H10$ $C4H8$

n$C4Hx$=100.1000/((27+273).0,082)=4065,04 mol

Ta có sơ đồ

n$C4Hx$         =>n$C4H6$ =>$(C4H6)n$ (poli butađien)

4065,04 mol                       =>4065,04/n mol

Thực tế hiệu suất phản ứng trùng hợp H%=90% và H% tạo butađien=80% nên hiệu suất cả quá trình H%=0,9.0,8=72%

=>Thực tế n$(C4H6)n$=4065,04/n.72%=2926,8288/n mol

Gọi CT 2 ancol là CnH2n+1CH2OH

$CnH2n+1CH2OH$+$CuO$=>$CnH2n+1CHO$+$Cu$+$H2O$

0,4 mol

0,25 mol                                       0,25 mol

0,15 mol

nancol dư=nH2O-nCO2=0,65-0,5=0,15 mol

n anđehit=nH2O tạo thành=0,25 mol

Mà nAg=0,9 mol

=>nAg/nanđehit=0,9/0,25=3,6

=>có 1 anđehit là $HCHO$ do $CH3OH$ tạo thành

Mà 2 ancol đơn chức liên tiếp MX1<MX2

=>$CH3OH$(X1)

Ancol còn lại là $C2H5OH$ (X2) tạo CH3CHO

Gọi n$HCHO$ =x mol n$CH3CHO$=y mol

=>x+y=0,25

$HCHO$ =>4$Ag$

x mol      =>4x mol

$CH3CHO$ =>2$Ag$

y mol              =>2y mol

n$Ag$=4x+2y=0,9

=>x=0,2 và y=0,05

n ancol dư=0,15 mol

Gọi n$CH3OH$ dư=a mol n$C2H5OH$ dư=b mol

=>a+b=0,15

nCO2 khi đốt Y=0,2+0,05.2+a+2b=0,5=>a+2b=0,2

=>a=0,1 và b=0,05 mol

H%tạo anđehit của $CH3OH$=0,2/(0,2+0,1).100%=66,67%

H% tạo anđehit của $C2H5OH$=0,05/(0,05+0,05).100%=50%

Ở 80°C S=51g

Cứ 100g $H2O$ htan đc 51g $KCl$ mdd $KCl$ =151g

Thực tế có mdd $KCl$=604(g) =>m$KCl$=204g

Gọi m$KCl$ tách ra=x(g)

=>m$KCl$ sau=204-74,5x

m$H2O$ sau=604-204=400g

Ở 20°C S=34g

Cứ 100g $H2O$ htan 34g $KCl$

=>400(g) $H2O$ htan 136g $KCl$

1. GS có x mol $HCl$

=>m$HCl$=36,5x

=>mdd $HCl$=36,5x/37%=98,65x

=>Vdd=mdd/D=98,65x/1,19=82,9x (ml)

=>CM dd $HCl$=x/0,0829x=12M

b) GS có x mol $HCl$

=>m$HCl$=36,5x

Vdd $HCl$=x/10,81 lít

=>mdd $HCl$=1/10,81.1000.1,17.x=108,233x

m$H_2SO_4$ =100.20%=20(g)

GS có x mol $SO_3$ và y mol $H_2SO_4$ trong dd 10%

$SO_3$ + $H_2O$ => $H_2SO_4$

x mol.                     =>x mol

n$SO_3$=n$H_2SO_4$=x

=>m$SO_3$=80x

Tổng m$H_2SO_4$ bđ=98x+98y=20

mdd ban đầu=98y/10%=980y

mdd sau khi htan=80x+980y

=>80x+980y=100

=>x=1/9 và y=41/441 mol

n$KOH$ =0,2 mol

n$Na_2SO_3$ =0,2 mol

$SO_2$ + 2$OH-$ => $SO_32-$ + $H2O$

0,1 mol<=0,2 mol =>0,1 mol

$SO_32-$ +$H_2O$ + $SO_2$ => 2 $HSO3-$

x mol                                            =>2x mol

m muối=m$Na$ + m$K$ + m$SO_32-$ + m$HSO3-$

=>0,2.2.23+0,2.39+(0,1+0,2-x)80+81.2x=53,3

=>x =0,15 mol

1. X td $Na$ và $Cu(OH)_2$

=> X là ancol có 2 gốc $OH$ gắn vs 2 $C$ kề nhau

=>X có CTCT: $CH2OHCHOHCH3$(propan-1,2-điol)

Hay $C3H6(OH)2$

$C3H6(OH)2$ +$Na$ => $C3H6(ONa)2$ + $H2$

2$C3H6(OH)2$ + $Cu(OH)2$ => $[C3H6(OH)O]2Cu$  + 2$H_2O$

2) X $C7H8O$ tác dụng với $NaOH$ => có gốc -$OH$ gắn trực tiếp vs vòng benzen

̀ gốc -$OH$ là nhóm thế loại I định hướng o,p

1 mol X pứ vs 3 mol $Br2$

=> gốc metyl phải ở vị trí meta so với gốc hiđroxi