|
|
giải đáp
|
giúp mình mấy bài tập hữu cơ này với
|
|
|
|
Bài 1 Mol hh ancol=0,14 mol Mol $H_2$=0,11 mol Mol $CO_2$=14,96/44=0,34 mol Xét tỉ lệ mol $H2$ / mol ancol=0,7857 Mà số nhóm chức trong B nhiều hơn trong A 1 đơn vị =>A là ancol no đơn chức, B là ancol no nhị chức Gọi CTTQ của A là $CnH2n+1OH$ CTTQ của B là $CmH2m(OH)2$ Số mol tương ứng của A và B lần lượt là x,y mol =>hệ pt x+y=0,14 và mol $H_2$=0,5x+y=0,11=>x=0,06;y=0,08 mol Bạn viết pt đốt cháy =>mol $CO_2$=xn+ym=0,06n+0,08m=0,34 Chọn cặp nghiệm tm có n=3,m=2 CT A và B là $C3H7OH$ và $C2H4(OH)_2$
|
|
|
|
giải đáp
|
bài tập SO3
|
|
|
|
Viết sơ đồ nhìn tỉ lệ luôn nha kp viết pthh nữa m$FeS_2$=800.75%=600 tấn =>n$FeS_2$=600.10^6/120=5000000 mol
$FeS_2$ \rightarrow 2$SO_2$ \rightarrow 2$SO_3$ \rightarrow2 $H2SO4$ 5000000 mol. =>10000000 mol =>m$H2SO4$=10000000.98=980000000g =>mdd=1053763441g=>Vdd=575827016,9ml=575,827m3 Do hao hụt 5%=>thực tế V=575,827.95%=547,036m3 Đây là mình tính theo D có đvị g/ml nha
|
|
|
|
giải đáp
|
Bài tập SO3
|
|
|
|
Gọi CT oleum là $H_2SO_4.nSO_3$ GS có a molMol $KOH$ =0,8.0,1=0,08 mol $SO_3$ + $H_2O$ \rightarrow $H2SO_4$ an mol =>an mol Tổng mol $H_2SO_4$=an+a $H_2SO_4$ + 2$KOH$ \rightarrow $K_2SO_4$ + $H_2O$ 0,04 mol<=0,08 mol =>an+a=0,04 Mà m oleum=3,38 =>a(98+80n)=3,38 =>an=0,03;a=0,01=>n=3 CT oleum $H_2SO_4.3H_2O$ b) GS cần b mol oleum =>tông mol $H2SO4$ =4b mol=>m$H_2SO_4$=392b =>mddsau=392b+200g =>C%=392b/(392b+200)=0,1=>b=0,05668 mol =>m=19,16g
|
|
|
|
giải đáp
|
Giúp em bài này với ạ
|
|
|
|
Mol $SO_2$=0,0003 mol $SO_2$ + 2$NaOH$ \rightarrow $Na_2SO_3$ + $H_2O$ 0,0003 mol=>0,0006 mol=>0,0003 mol CM dd $NaOH$=0,0006/0,5=0,0012M CM dd $Na_2SO_3$=0,0003/0,5=0,0006M
|
|
|
|
giải đáp
|
HÓA 10!!
|
|
|
|
S+6 → S+4 2$H_2SO_4$+ $Cu$ \rightarrow $CuSO_4$ + $SO_2$ +2$H_2O$ S+6 → S0 $H_2SO_4$ + 3$H_2S$ \rightarrow 3$S$ + 4$H_2O$ S+6 → S−2 $H_2SO_4$ + 8$HI$ \rightarrow 4 $I_2$ + $H_2S$ + 4$H_2O$ Tất cả các pứ đều dùng axit sunfuric đặc nóng nha
|
|
|
|
giải đáp
|
Hóa 10!!
|
|
|
|
Bài 2: Công thức tổng quát h/c: $YX_3$ PTK R=3$M_X$+ $M_Y$ = 149 mà $M_Y$ > 5 $M_X$ Vậy 8$M_X$ < 149 =>$M_X$ < 18,625. Do X tạo bởi 5 nguyên tử của 2 nguyên tố nên M<3,725=>X+ có $H$ Nguyên tố A còn lại trong X phải là phi kim ($M_A$>$M_C$ = 12) vậy trong X+ chỉ có 1 ngtử A. =>Công thức X+ phải là : ($AH_4$ )+ Số oxi hóa của A trong X+ là -3 =>a = 3. A, B đều có oxi hóa dương cao nhất là +(a+2) = +5 vậy A, B thuộc nhóm VA. Vì MX < 18,625=> MA < 14,625 =>A chỉ có thể là N =>X+ là $NH_4$+ Thay $M_X$ = 18=>$M_Y$ = 95. Ion Y3- có dạng [BxDy]3- Có hệ : 5.x + n.y = -3 (số oxi hóa của D là : +n) và x + y = 5 Cặp nghiệm phù hợp : x = 1 ; y = 4 và n = 2 Vậy 4$M_D$+$M_B$ = 95 Do B thuộc VA nên thử các nghiệm : $M_B$ = 31 (P)=> $M_D$ = 16 (O) Vậy Y3- là (PO4)3- =>R là $(NH_4)_3PO_4$ Bài 1 R+ có cấu hình e lớp ngoài cùng là 2p6 =>Cấu hình e của R:[Ne]3s1 R là $Na$ Đchế bằng pp duy nhất đpnc muối $NaCl$
|
|
|
|
|
|
giải đáp
|
học
|
|
|
|
Lời giải này có yêu cầu trả vỏ sò để xem. Bạn hãy link trên để vào xem chi tiết
|
|
|
|
giải đáp
|
Hóa 8
|
|
|
|
Tính khối lượng $H2O$=1,8g =>mol $H2O$=1,8/18=0,1 mol 2$H2O$ \rightarrow 2$H2$ + $O2$ 0,1 mol =>0,1 mol=>0,05 mol Khối lượng mỗi chất sau pứ: m$H2$=0,1.2=0,2g m$O2$=0,05.32=1,6g b) mol $C2H4$=3,36/22,4=0,15 mol Mol $O2$=0,05 mol BT khối lg=>mhh khí sau pứ=mhh khí bđ=0,15.28+0,05.32=5,8g
|
|
|
|
giải đáp
|
bài tập peptit
|
|
|
|
Trong A oxi chiếm 42,67% khối lượngA chỉ chứa 1 nhóm $-COOH$ và 1 nhóm $-CH2$ =>MA=32/42,67%=75 =>CTCT của A là $H2N-CH2-COOH$ glyxin VD CT của tripeptit đc cấu tạo từ A là $H2N-CH2-CO-NH-CH2-CO-NH-CH2-COOH$ nên Mtripeptit=75.3-18.2=189 =>mol tripeptit=28,35/189=0,15 mol Tương tự Mđipeptit=75.2-18=132 Mol đipeptit=79,2/132=0,6 mol MolA=101,25/75=1,35 mol Bảo toàn ngtố tổng mol gly=1,35+0,6.2+0,15.3=3 mol =>mol tetragly=3/4=0,75 mol =>m=0,75.(75.4-18.3)=184,5g
|
|
|
|
giải đáp
|
giup giai ho minh voi
|
|
|
|
Mol $NO$=3,36/22,4=0,15 mol=b/3+2a/3 KL dư là Cu=>$Fe$3+ sinh ra bị khử hoàn toàn thành $Fe$2+ Dung dịch muối Y gồm muối sắt II và muối $Cu$2+ Gọi số mol $Cu$(2) và $Fe_3O_4$ bđ là a và b mol Thứ tự pứ như sau 3$Fe_3O_4$+ 28$H$+ +$NO_3$- \rightarrow 9$Fe$3+ + $NO$ +14$H_2O$ (1) b mol. =>3b mol=>b/3 mol 3$Cu$+ 8$H$+ +2$NO_3$- \rightarrow 3$Cu$2+ +2$NO$ +4$H_2O$ (2) a mol. =>a mol=>2a/3mol $Cu$ + 2$Fe$3+ \rightarrow $Cu$2+ + 2$Fe$2+ (3) 1,5b mol<=3b mol Tổng mcr bđ=m$Cu$ + m$Fe_3O_4$=2,4+1,5.64b+232b+64a=61,2 =>a=b=0,15 mol Dd Y:mol $Cu$2+=a+1,5b=0,375 Mol $Fe$2+ =3b=0,45 =>m$Cu(NO_3)2$=0,375.188=70,5g m$Fe(NO_3)2$=81g =>m=151,5g
|
|
|
|
giải đáp
|
Hóa vô cơ lớp 9
|
|
|
|
Cho A vào dd $HCl$ ko tạo kết tủa/chất bay hơi và sau khi cho $NaOH$ vào dung dịch B để trung hòa hoàn toàn axit, được dung dịch C=>cô cạn được duy nhất muối $NaCl$ khan => A có thể là $Na_2O$ hoặc $NaOH$ mol $NaCl$=16,03/58,5=0,274 mol= mol $HCl$ dư =>mddB=(0,274.36,5)/6,1%=163,934g Gọi số mol A là a mol TH1: A là $Na_2O$ $Na_2O$ + 2$HCl$ \rightarrow 2$NaCl$ + $H_2O$ a mol=>2a mol mddB=m+mdd$HCl$=62a+73a/10%=163,934=>a=0,206 mol=>m=12,83g TH2: A là $NaOH$ $NaOH$ + $HCl$ \rightarrow $NaCl$ + $H_2O$ a mol=>a mol mddB=m+mdd$HCl$=40a+36,5a/10%=163,934=>a=0,404mol=>m=16,191g
|
|
|
|
giải đáp
|
Hóa!!
|
|
|
|
Bài 1.bạn tự viết pt nha GS KL $M$ có số oxh max=+m; số oxh trong h/c muối cacbonat là +n số mol $SO_2$ ở 2TN như nhau TN1: $M$ \rightarrow $M$+m +me 8,4/M mol =>8,4m/M mol $S$+6 +2e \rightarrow $S$+4 8,4m/M mol=>4,2m/M mol TN2: 2$M$+n \rightarrow 2$M$+m +2(m-n)e 52,2.2/(2M+60n) =>104,4(m-n)/(2M+60n) $S$+6 +2e \rightarrow $S$+4 8,4m/M mol<=4,2m/M mol =>8,4m(2M+60n)=104,4(m-n).M đến đây phải chọn nghiệm m,n thôi :v =>m=3;n=2=>M là $Fe$ CT muối cacbonat là $FeCO_3$ Bài 2: GS 1 ngtử $Fe$ có bán kính bằng R Thể tích 1 mol $Fe$:m=55,85/7,87=7,0966 Thể tích 1 tinh thể ngtử $Fe$=7,0966/(6,02.10^23)=1,1788.10^(-23) Thể tích thực của 1 ngtử $Fe$=1,1788.10^(-23).74%=8,723.10^(-24) mà V=4/3.3,14.R^3 =>R=1,277.10^(-8)cm
|
|
|
|
giải đáp
|
Hóa 9 (mn giúp vs)
|
|
|
|
a, chắc chắn là hữu cơ đề cho sẵn.
b, mol $CO_2$=11/44=0,25 mol mol $H_2O$=6,75/18=0,375 mol - GS A chứa cả Oxi MA=30=>A chỉ có thể chứa 1 ngtử Oxi Đặt A có CT CxHyO =>12x+y+16=30=>12x+y=14=>x=1,y=2 => CH20 - Gọi CTTQ của A là $CxHy$ =>x:y=0,25:0,75=1:3 =>CTĐGN của A là $(CH_3)_n$ M=15n mà MA=30=>n=2=>A là $C_2H_6$ => A là CH2O hoặc C2H6
|
|
|
|
giải đáp
|
hóa 10
|
|
|
|
Gọi số mol $Mg$ và $Al$ trong hh lần lượt là a và b mhh=24a+27b=5,1 $Mg$ + 2$HCl$ => $MgCl_2$ + $H_2$ a mol=>2a mol =>a mol 2$Al$ +6 $HCl$ => 2$AlCl_3$ + 3$H_2$ b mol=>3b mol =>1,5b mol Mol khí=a+1,5b=5,6/22,4=0,25 mol =>a=b=0,1 mol Tổng số mol $HCl$ tham gia pứ=2mol$H_2$=0,5 mol =>CM dd $HCl$=0,5/0,2=2,5M
|
|