|
|
Số mol $O_2 = \frac{1,92}{32} = 0,06$ mol
Số mol $Ca(OH)_2 = 3,5.0,01 = 0,035 mol$
Số mol $CaCO_3 \downarrow = \frac{3}{100} = 0,03 $mol, số mol khí bay ra = $0,01$ mol
- Nếu $Ca(OH)_2$ dư $\Rightarrow$ số mol $CO_2 = 0,03$ mol
- Nếu $Ca(OH)_2$ dư hết $\Rightarrow$ số mol $CO_2 = 0,035 + (0,035 - 0,03) = 0,04$ mol
a) Nếu khí bay ra là khí oxi thì số mol $O_2$ tác dụng = $0,06 - 0,01 = 0,05$ mol
Vì $A$ là hiđrocacbon thuộc dãy đồng đẳng đã học nên :
Tỉ lệ : $\frac{Số mol O_2}{Số mol CO_2}$ > $1,5$ thì $A$ là ankan
= $1,5$ thì $A$ là anken
< $1,5$ thì $A$ là ankenddien, ankin.
- Nếu số mol $CO_2$ = $0,03$ mol thì tỉ lệ là $\frac{0,05}{0,03} > 1,5$ nên $A$ là ankan.
$C_nH_{2n+2} + \frac{3n+1}{2}O_2 $$\rightarrow$$ n_CO_2 + (n+1)H_2O$
$\Rightarrow \frac{3n+1}{2} = \frac{0,05}{0,03} =\frac{5}{3} \Rightarrow 9n + 3 = 10n$
$\rightarrow n = 2$ nên CTPT của $A$ là $C_3H_8$.
- Nếu số mol $CO_2$ = $0,04$ mol thì tỉ lệ là $\frac{0,05}{0,04} < 1,5$ nên $A$ là ankin (hoặc ankađien).
$C_nH_{2n-2} + \frac{3n-1}{2}O_2 $$\rightarrow$$ nCO_2 + (n+1)H_2O$
$\Rightarrow \frac{3n-1}{2n}=\frac{0,05}{0,04}=\frac{5}{4} \Rightarrow 12n - 4 = 10n$
$\rightarrow n = 2$ nên $A$ là $C_2H_2$
b) Nếu khí bay ra là $CO_2 : O_2$ đã tác dụng hết = $0,06$ mol
- Nếu số mol $CO_2$ = $0,03$ mol thì tỉ lệ là $\frac{0,06}{0,03} = 2 > 1,5$ nên $A$ là ankan.
$\Rightarrow \frac{3n+1}{2n} = 2 \Rightarrow 3n + 1 = 4n $$\rightarrow$$ n = 1 $ nên $A$ là $CH_4$
- Nếu số mol $CO_2$ =$ 0,04$ mol thì tỉ lệ là $\frac{0,06}{0,04} = 1,5$ nên $A$ là anken
Vì là anken nên $A$ tác dụng với $H_2SO_4$ đặc :
Loại trường hợp này vì như vậy sản phẩm sau phản ứng qua bình (I) chưa $H_2SO_4$ đặc sẽ không còn khí bay ra.
|
|
Sửa 15-08-12 11:48 AM
viet130480
36K
1
5
13
414K
186K
401K
2
61% được chấp nhận
|
Đăng bài 31-07-12 04:03 PM
|
|